2024年新疆高考生物試題及答案

可能用到的相對原子質量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Mn 55 Fe 56 Co 59 Ni 59 Zn 65

一、選擇題：本題共13小題，每小題6分，共78分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1. 大豆是我國重要的糧食作物。下列敘述錯誤的是（   ）

A大豆油含有不飽和脂肪酸，熔點較低，室溫時呈液態

B. 大豆的蛋白質、脂肪和淀粉可在人體內分解產生能量

C. 大豆中的蛋白質含有人體細胞不能合成的必需氨基酸

D. 大豆中的脂肪和磷脂均含有碳、氫、氧、磷4種元素

【答案】D

【解析】

【分析】1、脂肪：是由三分子脂肪酸與一分子甘油發生反應而形成的。

2、磷脂：構成膜（細胞膜、核膜、細胞器膜）結構的重要成分。

3、固醇：維持新陳代謝和生殖起重要調節作用，分為膽固醇、性激素、維生素D等。

【詳解】A、植物脂肪大多含有不飽和脂肪酸，在室溫下呈液態，動物脂肪大多含有飽和脂肪酸，在室溫下呈固態，A正確；

B、蛋白質、脂肪和淀粉可在人體內分解產生能量，B正確；

C、必需氨基酸是人體細胞不能合成必須從外界獲取的氨基酸，因此大豆中的蛋白質含有人體細胞不能合成的必需氨基酸，C正確；

D、脂肪的組成元素只有C、H、O，D錯誤。

故選D

2. 干旱缺水條件下，植物可通過減小氣孔開度減少水分散失。下列敘述錯誤的是（   ）

A. 葉片萎蔫時葉片中脫落酸的含量會降低

B. 干旱缺水時進入葉肉細胞的會減少

C. 植物細胞失水時胞內結合水與自由水比值增大

D. 干旱缺水不利于植物對營養物質的吸收和運輸

【答案】A

【解析】

【分析】干旱缺水條件下氣孔開度減小，植物吸收的二氧化碳會減少，植物的光合速率會降低，同時植物體內水分含量減少，各種需要水分參與的生理反應都會減弱，植物根細胞的吸水能力增強，植物缺水主要是自由水大量失去。

【詳解】A、葉片萎蔫時，葉片中的脫落酸(ABA)含量會增加，達到一定程度葉片可能會脫落，A錯誤；

B、干旱缺水時，植物氣孔開度減小，吸收的二氧化碳會減少，植物的光合速率會降低，B正確；

C、植物細胞失水時主要失去自由水，自由水含量下降，結合水與自由水比值會增大，C正確；

D、缺水會影響植物體內各種需要水分參與的生理反應，植物對營養物質的吸收和運輸往往需要水分參與，缺水不利于該過程，D正確。

故選A。

3. 人體消化道內食物的消化和吸收過程受神經和體液調節。下列敘述錯誤的是（   ）

A. 進食后若副交感神經活動增強可抑制消化液分泌

B. 唾液分泌條件反射的建立需以非條件反射為基礎

C. 胃液中的鹽酸能為胃蛋白酶提供適宜的pH環境

D. 小腸上皮細胞通過轉運蛋白吸收腸腔中的氨基酸

【答案】A

【解析】

【分析】自主神經系統：自主神經系統由交感神經和副交感神經兩部分組成。它們的作用通常是相反的。當人體處于興奮狀態時，交感神經活動占據優勢，心跳加快，支氣管擴張，但胃腸的蠕動和消化腺的分泌活動減弱；當人處于安靜狀態時，副交感神經活動占據優勢，此時，心跳減慢，但胃腸的蠕動和消化液的分泌會加強，有利于食物的消化和營養物質的吸收。

【詳解】A、副交感神經活動增強，促進胃腸的蠕動和消化液的分泌，有利于食物的消化和營養物質的吸收，A錯誤；

B、條件反射是在非條件反射的基礎上，通過學習和訓練而建立的。即唾液分泌條件反射的建立需以非條件反射為基礎，B正確；

C、胃蛋白酶的最適pH為1.5，胃液中的鹽酸能為胃蛋白酶提供適宜的pH環境，C正確；

D、小腸上皮細胞吸收氨基酸的方式通常為主動運輸，過程中需要轉運蛋白，D正確。

故選A。

4. 采用稻田養蟹的生態農業模式既可提高水稻產量又可收獲螃蟹。下列敘述錯誤的是（   ）

A. 該模式中水稻屬于第一營養級

B. 該模式中水稻和螃蟹處于相同生態位

C. 該模式可促進水稻對二氧化碳的吸收

D. 該模式中碳循環在無機環境和生物間進行

【答案】B

【解析】

【分析】稻田養蟹的模式中蟹能清除稻田雜草，吃掉部分害蟲，其排泄物還能改善稻田土壤狀況，促進水稻生長，提高水稻的品質;水稻則為蟹生長提供了豐富的天然餌料和良好的棲息環境?！暗拘饭采睘槌浞掷萌斯ば陆ǖ霓r田生態系統。

【詳解】A、在稻田養蟹的生態農業模式中，水稻屬于生產者，屬于第一營養級，A正確；

B、這個模式中，水稻和螃蟹處于不同的生態位，因為它們消耗不同的資源。水稻是水生植物，吸收水分和礦物質，而螃蟹是水生動物，以植物殘渣和小型水生動物為食，B錯誤；

C、這種模式確實可以促進水稻對二氧化碳的吸收，因為螃蟹在稻田中活動可以改善土壤通氣狀況，有利于水稻根系呼吸作用，進而促進二氧化碳的吸收，C正確；

D、碳循環在稻田生態系統中包括無機環境和生物兩個部分。水稻通過光合作用將無機碳（二氧化碳）轉化為有機物，螃蟹則通過呼吸作用將有機物中的碳以二氧化碳的形式釋放回大氣中，從而完成了碳在生態系統中的循環，D正確。

故選B。

5. 某種二倍體植物的P1和P2植株雜交得F1，F1自交得F2。對個體的DNA進行PCR檢測，產物的電泳結果如圖所示，其中①～⑧為部分F2個體，上部2條帶是一對等位基因的擴增產物，下部2條帶是另一對等位基因的擴增產物，這2對等位基因位于非同源染色體上。下列敘述錯誤的是（   ）

A. ①②個體均為雜合體，F2中③所占的比例大于⑤

B. 還有一種F2個體的PCR產物電泳結果有3條帶

C. ③和⑦雜交子代的PCR產物電泳結果與②⑧電泳結果相同

D. ①自交子代的PCR產物電泳結果與④電泳結果相同的占

【答案】D

【解析】

【分析】基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。

【詳解】A、由題可知，這2對等位基因位于非同源染色體上，假設A/a為上部兩條帶等位基因，B/b為下部兩條帶的等位基因，由電泳圖可知P1為AAbb，P2為aaBB，F1為AaBb，F2中①AaBB②Aabb都為雜合子，③AABb占F2的比例為，⑤AABB占F2的比例為，A正確；

B、電泳圖中的F2的基因型依次為：AaBB、Aabb、AABb、aaBB、AABB、AAbb、aabb、AaBb，未出現的基因型為aaBb，其個體PCR產物電泳結果有3條帶，B正確；

C、③AABb和⑦aabb雜交后代為Aabb、 AaBb，其PCR產物電泳結果與②⑧電泳結果相同，C正確；

D、①AaBB自交子代為，AABB（）、AaBB（）、aaBB（），其PCR產物電泳結果與④aaBB電泳結果相同的占，D錯誤。

故選D。

6. 用一定量液體培養基培養某種細菌，活細菌數隨時間的變化趨勢如圖所示，其中Ⅰ～Ⅳ表示細菌種群增長的4個時期。下列敘述錯誤的是（   ）

A. 培養基中的細菌不能通過有絲分裂進行增殖

B. Ⅱ期細菌數量增長快，存在“J”形增長階段

C. Ⅲ期細菌沒有增殖和死亡，總數保持相對穩定

D. Ⅳ期細菌數量下降的主要原因有營養物質匱乏

【答案】C

【解析】

【分析】分析題圖：細菌種群增長開始時呈現S曲線，達到K值后，由于營養物質消耗、代謝產物積累，種群數量逐漸下降。

【詳解】A、有絲分裂是真核細胞的增殖方式，細菌是原核細胞，進行二分裂，所以培養基中的細菌不能通過有絲分裂進行增殖，A正確；

B、Ⅱ期由于資源充足，細菌經過一段的調整適應，種群增長可能會短暫出現“J”形的增長，B正確；

C、Ⅲ期細菌的增殖速率和死亡速率基本相等，總數保持相對穩定，C錯誤；

D、Ⅳ期培養基中營養物質含量減少和代謝產物積累，細菌種群數量會下降，D正確。

故選C。

7. 某同學將一種高等植物幼苗分為4組（a、b、c、d），分別置于密閉裝置中照光培養，a、b、c、d組的光照強度依次增大，實驗過程中溫度保持恒定。一段時間（t）后測定裝置內O2濃度，結果如圖所示，其中M為初始O2濃度，c、d組O2濃度相同。回答下列問題。

（1）太陽光中的可見光由不同顏色的光組成，其中高等植物光合作用利用的光主要是________，原因是________。

（2）光照t時間時，a組CO2濃度________（填“大于”“小于”或“等于”）b組。

（3）若延長光照時間c、d組O2濃度不再增加，則光照t時間時a、b、c中光合速率最大的是________組，判斷依據是________。

（4）光照t時間后，將d組密閉裝置打開，并以c組光照強度繼續照光，其幼苗光合速率會________（填“升高”“降低”或“不變”）。

【答案】（1）   ①. 紅光和藍紫光   ②. 光合色素可分為葉綠素和類胡蘿卜素，葉綠素主要吸收紅光和藍紫光，類胡蘿卜素主要吸收藍紫光   

（2）大于   （3）   ①. c   ②. 延長光照時間c、d組O2濃度不再增加，說明c組的光照強度已達到了光飽和點，光合速率達到最大值   

（4）升高

【解析】

【分析】1、光合作用的過程：

（1）光反應階段：①場所：類囊體薄膜；②物質變化：水的光解、ATP的合成；③能量變化：光能→ATP、NADPH中的化學能。

（1）暗反應階段：①場所：葉綠體基質；②物質變化：CO2的固定、C3的還原；③能量變化：ATP、NADPH中的化學能艦艇有機物中穩定的化學能。

2、分析題干：將植株置于密閉容器中并給予光照，植株會進行光合作用和呼吸作用，瓶內O2濃度的變化可表示凈光合速率。a、b、c、d組的光照強度依次增大，但c、d組O2濃度相同，說明c點的光照強度為光飽和點。

【小問1詳解】

光合色素可分為葉綠素和類胡蘿卜兩大類，葉綠素主要吸收紅光和藍紫光，類胡蘿卜素主要吸收藍紫光，屬于可見光。

【小問2詳解】

植物會進行光合作用和呼吸作用，光合作用消耗CO2產生O2，呼吸作用消耗O2產生CO2。分析圖可知，光照t時間時，a組中的O2濃度少于b組，說明b組產生的O2更多，光合速率更大，消耗的CO2更多，即a組CO2濃度大于b組。

【小問3詳解】

若延長光照時間c、d組O2濃度不再增加，說明c組的光照強度已達到了光飽和點，光合速率最大，即在光照t時間時a、b、c中光合速率最大的是c組。

【小問4詳解】

光照t時間后，c、d組O2濃度相同，即c、d組光合速率不再變化，c組的光照強度為光飽和點。將d組密閉裝置打開，會增加CO2濃度，并以c組光照強度繼續照光，其幼苗光合速率會升高。

8. 機體感染人類免疫缺陷病毒（HIV）可導致艾滋病?；卮鹣铝袉栴}。

（1）感染病毒的細胞可發生細胞凋亡。細胞凋亡被認為是一種程序性死亡的理由是________。

（2）HIV會感染輔助性T細胞導致細胞凋亡，使機體抵抗病原體、腫瘤的特異性免疫力下降，特異性免疫力下降的原因是________。

（3）設計實驗驗證某血液樣品中有HIV，簡要寫出實驗思路和預期結果。

（4）接種疫苗是預防傳染病的一種有效措施。接種疫苗在免疫應答方面的優點是________（答出2點即可）。

【答案】（1）由基因控制的細胞自動結束生命的過程   

（2）輔助性T細胞參與淋巴細胞的活化，分泌的淋巴因子可促進淋巴細胞增殖分化，輔助性T細胞凋亡會影響淋巴細胞的活化與增殖   

（3）實驗思路一：利用抗HIV抗體，與血液樣品進行抗原抗體雜交實驗；預期結果：若出現雜交帶，則證明血液樣品中含有HIV；

實驗思路二：使用PCR（聚合酶鏈反應）技術檢測樣品中的HIV核酸，產物經電泳與標準DNA進行比對；預期結果：PCR產物經電泳后出現特定條帶，則證明血液樣品中含有HIV   

（4）在不使機體患病的條件下使機體產生免疫力；產生的免疫力針對特定病原體；產生的免疫力可保持一定時間

【解析】

【分析】人類免疫缺陷病毒（HIV）屬于病毒，遺傳物質為RNA。

【小問1詳解】

細胞凋亡被認為是一種程序性死亡的理由是因為它是一種由基因控制的細胞自動結束生命的過程。這種過程對于生物體的發育和正常生理功能的維持是必需的。

【小問2詳解】

輔助性T細胞參與淋巴細胞的活化，分泌的淋巴因子可促進淋巴細胞增殖分化，輔助性T細胞凋亡會影響淋巴細胞的活化與增殖，機體的特異性免疫力就會下降，導致對各種病原體的抵抗力減弱。

【小問3詳解】

驗證某血液樣品中是否存在HIV，可考慮抗原檢測和核酸檢測兩條途徑。實驗思路一：利用抗HIV抗體，與血液樣品進行抗原抗體雜交實驗；預期結果：若出現雜交帶，則證明血液樣品中含有HIV；

實驗思路二：使用PCR（聚合酶鏈反應）技術檢測樣品中的HIV核酸，產物經電泳與標準DNA進行比對；預期結果：PCR產物經電泳后出現特定條帶，則證明血液樣品中含有HIV。

【小問4詳解】

疫苗作為抗原，在免疫應答方面，可以在不使機體患病的條件下使機體產生免疫力；產生的免疫力針對特定病原體；疫苗作用下可刺激機體產生抗體和記憶細胞，抗體和記憶細胞可在一定時間內留存，保持對病原體的免疫力。

9. 廈門筼筜湖經生態治理后環境宜人，成為城市會客廳，是我國生態修復的典型案例。回答下列問題。

（1）湖泊水體的氮濃度是評價水質的指標之一，原因是______。

（2）湖區的紅樹林可提高固碳效率、凈化水體。在湖區生態系統中，紅樹植物參與碳循環的主要途徑有光合作用、呼吸作用，還有_______（答出2點即可）。

（3）湖區水質改善后鳥類的種類和數目增加。鳥類屬于消費者，消費者在生態系統中的作用是_______（答出2點即可）。

（4）生態修復后湖區生態系統的生物多樣性增加，保護生物多樣性的意義是______。

【答案】（1）元素是植物生長的必須元素，含量過多會使藻類等水生生物的生長過快，導致水體富營養化，從而引發水華等環境問題   

（2）通過根系吸收土壤中的碳酸鹽，在體內轉變成有機碳；通過食物鏈和食物網的形式， 將制造的有機碳傳入其他生物   

（3）加快生態系統中的能量流動和物質循環；幫助植物傳粉和傳播種子   

（4）生物多樣性具有直接價值、間接價值和潛在價值。①直接價值是指對人類有食用、藥用和工業原料等實用意義的，以及旅游觀賞、科學研究和文藝價值；②間接價值是調節生態系統的功能，增加生態系統的穩定性等；③潛在價值，現在未被利用的一些生物，在將來可能會有一些未知的價值。

【解析】

【分析】1、生物多樣性是人類社會賴以生存和發展的基礎。我們的衣、食、住、行及物質文化生活的許多方面都與生物多樣性的維持密切相關。（1）生物多樣性為我們提供了食物、纖維、木材、藥材和多種工業原料；（2）生物多樣性還在保持土壤肥力、保證水質以及調節氣候等方面發揮了重要作用；（3）生物多樣性在大氣層成分、地球表面溫度、地表沉積層氧化還原電位以及pH值等方面的調控方面發揮著重要作用；（4）生物多樣性的維持，將有益于一些珍稀瀕危物種的保存；

2、生態系統是指在一定地域內生物與環境形成的統一的整體，生態系統的組成包括非生物部分和生物部分。非生物部分有陽光、空氣、水、溫度、土壤（泥沙）等；生物部分包括生產者（綠色植物）、消費者（動物）、分解者（細菌和真菌）。細菌和真菌會分解動植物遺體或動物的排泄物中取得有機物來生成無機物，供給植物進行光合作用．進入生態循環，真菌和細菌是在生態系統中扮演分解者。

【小問1詳解】

氮元素是植物生長的必須元素，湖泊水體中含有超標的氮類物質時，會使藻類等水生生物的生長過快，導致水體富營養化，從而引發水華等環境問題，因此湖泊水體的氮濃度是評價水質的重要指標之一；

【小問2詳解】

在湖區生態系統中，紅樹植物參與碳循環的主要途徑有光合作用、呼吸作用，還有通過根系吸收土壤中的碳酸鹽，在體內轉變成有機碳；通過食物鏈和食物網的形式， 將制造的有機碳傳入其他生物等；

【小問3詳解】

鳥類屬于消費者，消費者通過自身的新陳代謝，能將有機物轉化為無機物 (CO2、水、氨等)，這些無機物排出體外后又可以被生產者重新利用。因此消費者的存在，能夠加快生態系統的 物質循環。此外，消費者對于植物的傳粉和種子的傳播等具有重要作用；

【小問4詳解】

生物多樣性具有直接價值、間接價值和潛在價值。①直接價值是指對人類有食用、藥用和工業原料等實用意義的，以及旅游觀賞、科學研究和文藝價值；②間接價值是調節生態系統的功能，增加生態系統的穩定性等；③潛在價值，現在未被利用的一些生物，在將來可能會有一些未知的價值。

10. 某種瓜的性型（雌性株/普通株）和瓜刺（黑刺/白刺）各由1對等位基因控制。雌性株開雌花，經人工誘雄處理可開雄花，能自交；普通株既開雌花又開雄花。回答下列問題。

（1）黑刺普通株和白刺雌性株雜交得，根據的性狀不能判斷瓜刺性狀的顯隱性，則瓜刺的表現型及分離比是________。若要判斷瓜刺的顯隱性，從親本或中選擇材料進行的實驗及判斷依據是_____。

（2）王同學將黑刺雌性株和白刺普通株雜交，均為黑刺雌性株，經誘雄處理后自交得，能夠驗證“這2對等位基因不位于1對同源染色體上”這一結論的實驗結果是________。

（3）白刺瓜受消費者青睞，雌性株的產量高。在王同學實驗所得雜交子代中，篩選出白刺雌性株純合體的雜交實驗思路是________。

【答案】（1）   ①. 黑刺：白刺=1:1   ②. 從親本或F1中選取表型相同的個體進行自交，若后代發生性狀分離，則該個體性狀為顯性，不發生性狀分離，則該性狀為隱性   

（2）F2中的表型及比例為黑刺雌性株：黑刺普通株：白刺雌性株：白刺普通株=9:3:3:1。   

（3）選擇F2中白刺雌性株分別與白刺普通株測交，若后代都為白刺雌性株，則該白刺雌性株為純合體；若后代白刺雌性株：白刺普通株=1:1，則為白刺雌性株雜合體

【解析】

【分析】基因分離定律和自由組合定律的實質；進行有性生殖的生物在進行減數分裂產生配子的過程中，位于同源染色體上的等位基因隨同源染色體分離而分離，分別進入不同的配子中，隨配子獨立遺傳給后代，同時位于非同源染色體上的非等位基因進行自由組合。

【小問1詳解】

黑刺普通株和白刺雌性株雜交得F1，根據F1的性狀不能判斷瓜刺性狀的顯隱性，說明F1中性狀有白刺也有黑刺，則親本顯性性狀為雜合子，F1瓜刺的表現型及分離比是黑刺：白刺=1:1。

若要判斷瓜刺的顯隱性，從親本或F1中選擇材料進行的實驗，即從親本或F1中選取表型相同的個體進行自交，若后代發生性狀分離，則該個體性狀為顯性，不發生性狀分離，則該性狀為隱性。

【小問2詳解】

黑刺雌性株和白刺普通株雜交，F1均為黑刺雌性株，說明在瓜刺這對相對性狀中黑刺為顯性，在性別這對相對性狀中雌性株為顯性，若控制瓜刺的基因用A/a表示，控制性別的基因用B/b表示，則親本基因型為AABB和aabb，F1的基因型為AaBb，F1經誘雄處理后自交得F2，若這2對等位基因不位于1對同源染色體上，則瓜刺和性型的遺傳遵循基因的自由組合定律，即F2中的表型及比例為黑刺雌性株：黑刺普通株：白刺雌性株：白刺普通株=9:3:3:1。

【小問3詳解】

在王同學實驗所得雜交子代中，F2中白刺雌性株的基因型為aaBB和aaBb，若想篩選出白刺雌性株純合體，可選用測交實驗，即選擇F2中白刺雌性株分別與白刺普通株基因型為aabb進行測交，若后代都為白刺雌性株（aaBb），則該白刺雌性株為純合體，若后代白刺雌性株：白刺普通株=1:1，則為白刺雌性株雜合體。

11. 某研究小組將纖維素酶基因（N）插入某種細菌（B1）的基因組中，構建高效降解纖維素的菌株（B2）。該小組在含有N基因的質粒中插入B1基因組的M1與M2片段；再經限制酶切割獲得含N基因的片段甲，片段甲兩端分別為M1與M2；利用CRISPR/Cas9基因組編輯技術將片段甲插入B1的基因組，得到菌株B2。酶切位點（I～Ⅳ）、引物（P1～P4）的結合位置、片段甲替換區如圖所示，→表示引物5'→3'方向。回答下列問題。

（1）限制酶切割的化學鍵是________。為保證N基因能在菌株B2中表達，在構建片段甲時，應將M1與M2片段分別插入質粒的Ⅰ和Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ酶切位點之間，原因是________。

（2）CRISPR/Cas9技術可以切割細菌B1基因組中與向導RNA結合的DNA。向導RNA與B1基因組DNA互補配對可以形成的堿基對有G－C和________。

（3）用引物P1和P2進行PCR可驗證片段甲插入了細菌B1基因組，所用的模板是________；若用該模板與引物P3和P4進行PCR，實驗結果是________。

（4）與秸稈焚燒相比，利用高效降解纖維素的細菌處理秸稈的優點是________（答出2點即可）。

【答案】（1）   ①磷酸二酯鍵   ②. 不破壞標記基因，且能保證N基因正常表達   

（2）C-G、A-T、U-A   

（3）   ①. N基因的兩條鏈   ②. 不能擴增出目的基因   

（4）不污染環境、增加土壤養分

【解析】

【分析】PCR原理：在解旋酶作用下，打開DNA雙鏈，每條DNA單鏈作為母鏈，以4種游離脫氧核苷酸為原料，合成子鏈，在引物作用下，DNA聚合酶從引物3'端開始延伸DNA鏈，即DNA的合成方向是從子鏈的5'端自3'端延伸的。實際上就是在體外模擬細胞內DNA的復制過程。DNA的復制需要引物，其主要原因是DNA聚合酶只能從3′端延伸DNA鏈。

PCR反應過程是：變性→復性→延伸。

【小問1詳解】

限制酶切割的化學鍵為磷酸二酯鍵。在構建片段甲時，應將M1與M2片段分別插入質粒的Ⅰ和Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ酶切位點之間，不破壞標記基因，且能保證N基因正常發表達。

【小問2詳解】

RNA的堿基組成有A、U、G、C，DNA的堿基組成為A、T、G、C，向導RNA與B1基因組DNA互補配對可以形成的堿基對有G-C和C-G、A-T、U-A。

【小問3詳解】

用引物P1和P2進行PCR可擴增N基因，驗證片段甲插入了細菌B1基因組，所用的模板是N基因的兩條鏈；用該模板與引物P3和P4進行PCR，因為P3不能與N基因模板鏈結合，實驗結果是不能擴增出DNA片段。

【小問4詳解】

與秸稈焚燒相比，利用高效降解纖維素的細菌處理秸稈的優點是不污染環境、增加土壤養分。